原题
在给定的网格中,每个单元格可以有以下三个值之一:
值 0 代表空单元格;
值 1 代表新鲜橘子;
值 2 代表腐烂的橘子。
每分钟,任何与腐烂的橘子(在 4 个正方向上)相邻的新鲜橘子都会腐烂。
返回直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能,返回 -1。
示例 1:

输入: [[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]] 输出: 4
示例 2:
输入: [[2,1,1],[0,1,1],[1,0,1]] 输出: -1
解释: 左下角的橘子(第 2 行, 第 0 列)永远不会腐烂,因为腐烂只会发生在 4 个正向上。
示例 3:
输入: [[0,2]] 输出: 0
解释: 因为 0 分钟时已经没有新鲜橘子了,所以答案就是 0 。
提示:
1 <= grid.length <= 10
1 <= grid[0].length <= 10
grid[i][j]
仅为0
、1
或2
解法
思想
广度优先搜索,每次将搜索到的新鲜橘子搞成2,最后再搜索一遍全图是否有剩余的新鲜橘子。
代码
class Solution {
int height;
int width;
public int orangesRotting(int[][] grid) {
Queue<Integer> queue = new LinkedList<>();
height = grid.length;
if(height == 0) return 0;
width = grid[0].length;
for(int i = 0;i<height;i++){
for(int j = 0;j<width;j++){
if(grid[i][j]==2) queue.offer(i*width+j);
}
}
queue.offer(null);
int cur = 0;
while(!queue.isEmpty()){
Integer i = queue.poll();
if(i==null){
if(queue.isEmpty()) break;
cur++;
queue.offer(null);
continue;
}
int x = i/width;
int y = i%width;
if(x!=0 && grid[x-1][y]==1){
queue.offer(toInt(x-1,y));
grid[x-1][y]=2;
}
if(x!=height-1 && grid[x+1][y]==1){
queue.offer(toInt(x+1,y));
grid[x+1][y]=2;
}
if(y!=0 && grid[x][y-1]==1) {
queue.offer(toInt(x,y-1));
grid[x][y-1]=2;
}
if(y!=width-1 && grid[x][y+1]==1) {
queue.offer(toInt(x,y+1));
grid[x][y+1]=2;
}
}
for(int i = 0;i<height;i++){
for(int j = 0;j<width;j++){
if(grid[i][j]==1) return -1;
}
}
return cur;
}
public int toInt(int x,int y){
return x*width+y;
}
}
原创文章,作者:彭晨涛,如若转载,请注明出处:https://www.codetool.top/article/leetcode994-%e8%85%90%e7%83%82%e7%9a%84%e6%a9%98%e5%ad%90/